za poprawne i najszybsze dam NAJ !, bardzo proszę tez o rysunki do zadań :)
zad.1 udowodnij,że dla dowolnego alfa należacego do (0 stopni; 90 stopni) prawdziwa jest nierówność sin alfa < tg alfa
zad2.suma tangensów kątów ostrych trójkąta prostokątnego jest równa 4. oblicz iloczyn cosinusów tych kątów.
zad.3
za wygodne uważa sie schody iktórych stopnien ma wysokość 17cm i głębokość 28 cm.jaki jest kąt nachylenia takich schodów.wynik podaj z dokładnością do 1 stopnia
zad.4
kąt alfa jest kątem ostrym i cos alfa < pierwiastek z 2/2 . ką alfa wynosi.
zad.5 kąt alfa jest kątem ostrym. wyrażenie 1+ tg do kwadratu alfa można zapisać w postaci.
zad.6 oblicz
a) sin 12 stopni *cos 78 stopni + cos 12 stopni* sin 78 stopni
b) 1/2 tg 25 stopni* tg 65 stopni +(1-sin 40 stopni)(1+ sin 40 stopni) - sin do kwadratu 50 stopni
zad.7 wiedząć że tg alfa= 3√2/4 oblicz wartość wyrażenia 4sin alfa- √2 cos alfa/ 2 sin alfa + 3 cos alfa
" Life is not a problem to be solved but a reality to be experienced! "
© Copyright 2013 - 2024 KUDO.TIPS - All rights reserved.
1.![sin\alpha = \frac{a}{c}\\tg\alpha = \frac{a}{b} sin\alpha = \frac{a}{c}\\tg\alpha = \frac{a}{b}](https://tex.z-dn.net/?f=sin%5Calpha+%3D+%5Cfrac%7Ba%7D%7Bc%7D%5C%5Ctg%5Calpha+%3D+%5Cfrac%7Ba%7D%7Bb%7D)
przeciwprostokątna zawsze jest większa od b czyli spełnia warunek c > b. Dzieląc a przez c będzie wynik mniejszy niż jakbyśmy dzielili a i b. dlatego sinα < tgα.
5.![1 + tg^{2}\alpha = \frac{cos^{2}\alpha}{cos^{2}\alpha} + \frac{sin^{2}\alpha}{cos^{2}\alpha} = \frac{1}{cos^{2}\alpha} 1 + tg^{2}\alpha = \frac{cos^{2}\alpha}{cos^{2}\alpha} + \frac{sin^{2}\alpha}{cos^{2}\alpha} = \frac{1}{cos^{2}\alpha}](https://tex.z-dn.net/?f=1+%2B+tg%5E%7B2%7D%5Calpha+%3D+%5Cfrac%7Bcos%5E%7B2%7D%5Calpha%7D%7Bcos%5E%7B2%7D%5Calpha%7D+%2B+%5Cfrac%7Bsin%5E%7B2%7D%5Calpha%7D%7Bcos%5E%7B2%7D%5Calpha%7D+%3D+%5Cfrac%7B1%7D%7Bcos%5E%7B2%7D%5Calpha%7D)
4. im mniejsza wartość cosinusa tym kat jest większy dlatego 45<α < 90