matematyka monotonicznośc funkcji zadania w załączniku na dziś pliss
Grupa B.
1) Na podstawie wykresu:
a) dziedzina D = < -6, 6 )
b) zbior wartosci Y = < -2, 3>
c) funkcja malejaca w przedzialach: (-6, -3), (2, 6)
d) miejsca zerowe: x₁ = -5, x₂ = -1, x₃ = 4
e) wartosci ujemne : y < 0 dla x ∈ (-5, -1) U (4, 6).
2) Dziedzina:
a) f(x) = √(3-4x) ⇒ 3-4x ≥ 0
-4x ≥ -3 /:(-4)
x ≤ ¾ Czyli D = (-∞, ¾ >
b) x+3 x-4
f(x) = ------- - -------
x+2 x-3 x+2 ≠ 0 i x-3≠ 0
x ≠ -2 x ≠ 3 Czyli D = R / ( -2, 3)
(nawias klamrowy)
3) a) y = - ⁴/₃ x - 2⅓
Punkt przeciecia z osia X: podstawiamy y=0
0 = - ⁴/₃ x - 2⅓
⁴/₃ x = - 2⅓ /: ⁴/₃
x = - ⁷/₃ · ¾ = - ⁷/₄ = - 1¾ Czyli punkt (-1¾, 0 ).
Punkt przeciecia z osia Y : podstawiamy x = 0
y = -2⅓, czyli punkt (0, -2⅓).
b) k: y = 3x -1, m = ? A(-2,1)
m II k i A ∈ m
Z warunku rownoleglosci prostych mamy: a m = a k = 3
Rownanie prostej m przechodzacej przez punkt A (-2,1) o wspolczynniku kierunkowym
a m = 3 jest nastepujace:
y - y A = am (x - xA)
y - 1 = 3(x+2)
y = 3x + 6 + 1
y = 3x + 7
4) g(x) = f(x) - 1 Korzystajac z postaci kanonicznej : y = f(x -p) + q
mamy: p= 0, q= -1. Nalezy zatem caly dany wykres przesunac o 1 jednostke w dol.
h(x) = f(x -2) , p = 2, q = 0
Nalezy zatem caly dany wykres przesunac o 2 jednostki w prawo.
5) y = ax + a + 2 a = ? A(3,2), B(0,4)
Aby dana prosta miala 1 punkt wspolny z odcinkiem AB , musza zachodzic warunki:
- prosta ta nie moze byc rownolegla do prostej AB.
Wyznaczam wspolczynnik kierunkowy prostej AB:
yB - yA 4 -2 2 2
a AB = ----------- = ------- = ---- = - ----
xB - xA 0-3 -3 3
Czyli a ≠ -⅔.
- b ≤ 4 ⇒ a+2 ≤ 4 ⇒ a ≤ 2 ⇒ a ∈ (-∞, 2 >
Po polaczeniu obu warunkow mamy odp. : a ∈ (-∞, -⅔) U ( -⅔, 2>.
Grupa A.
1) f(x) = x² -3 Sprawdzamy, czy dane punkty naleza do wykresu danej funkcji .
A(-2, 1) : L = 1, P = (-2)² -3 = 4 -3 = 1, L = P, czyli A ∈ f(x).
B(1, -2) : L = -2, P = 1² -3 = -2, L = P, czyli B ∈ f(x).
C( 2,7) : L = 7, P = 2² -3 = 4 -3 = 1 L ≠ P, czyli C ∉ f(x).
Odp. Do wykresu funkcji naleza punkty A i B.
2) a) Dziedzina: D = < -3, 4 >
zbior wartosci: Y = < -2, 3>
b) wartosc najwieksza: y max = 3 dla x = 2,
wartosc najmniejsza: y min = -2 dla x = -2.
c) miejsca zerowe: x₁ = -1, x₂ = 3.
d) wartosci ujemne: y < 0 dla x ∈ < -3, -1) U (3, 4>
e) monotonicznosc: funkcja rosnaca w przedziale (-2, 2),
funkcja malejaca w przedzialach (-3, -2), (2, 4).
" Life is not a problem to be solved but a reality to be experienced! "
© Copyright 2013 - 2024 KUDO.TIPS - All rights reserved.
Grupa B.
1) Na podstawie wykresu:
a) dziedzina D = < -6, 6 )
b) zbior wartosci Y = < -2, 3>
c) funkcja malejaca w przedzialach: (-6, -3), (2, 6)
d) miejsca zerowe: x₁ = -5, x₂ = -1, x₃ = 4
e) wartosci ujemne : y < 0 dla x ∈ (-5, -1) U (4, 6).
2) Dziedzina:
a) f(x) = √(3-4x) ⇒ 3-4x ≥ 0
-4x ≥ -3 /:(-4)
x ≤ ¾ Czyli D = (-∞, ¾ >
b) x+3 x-4
f(x) = ------- - -------
x+2 x-3 x+2 ≠ 0 i x-3≠ 0
x ≠ -2 x ≠ 3 Czyli D = R / ( -2, 3)
(nawias klamrowy)
3) a) y = - ⁴/₃ x - 2⅓
Punkt przeciecia z osia X: podstawiamy y=0
0 = - ⁴/₃ x - 2⅓
⁴/₃ x = - 2⅓ /: ⁴/₃
x = - ⁷/₃ · ¾ = - ⁷/₄ = - 1¾ Czyli punkt (-1¾, 0 ).
Punkt przeciecia z osia Y : podstawiamy x = 0
y = -2⅓, czyli punkt (0, -2⅓).
b) k: y = 3x -1, m = ? A(-2,1)
m II k i A ∈ m
Z warunku rownoleglosci prostych mamy: a m = a k = 3
Rownanie prostej m przechodzacej przez punkt A (-2,1) o wspolczynniku kierunkowym
a m = 3 jest nastepujace:
y - y A = am (x - xA)
y - 1 = 3(x+2)
y = 3x + 6 + 1
y = 3x + 7
4) g(x) = f(x) - 1 Korzystajac z postaci kanonicznej : y = f(x -p) + q
mamy: p= 0, q= -1. Nalezy zatem caly dany wykres przesunac o 1 jednostke w dol.
h(x) = f(x -2) , p = 2, q = 0
Nalezy zatem caly dany wykres przesunac o 2 jednostki w prawo.
5) y = ax + a + 2 a = ? A(3,2), B(0,4)
Aby dana prosta miala 1 punkt wspolny z odcinkiem AB , musza zachodzic warunki:
- prosta ta nie moze byc rownolegla do prostej AB.
Wyznaczam wspolczynnik kierunkowy prostej AB:
yB - yA 4 -2 2 2
a AB = ----------- = ------- = ---- = - ----
xB - xA 0-3 -3 3
Czyli a ≠ -⅔.
- b ≤ 4 ⇒ a+2 ≤ 4 ⇒ a ≤ 2 ⇒ a ∈ (-∞, 2 >
Po polaczeniu obu warunkow mamy odp. : a ∈ (-∞, -⅔) U ( -⅔, 2>.
Grupa A.
1) f(x) = x² -3 Sprawdzamy, czy dane punkty naleza do wykresu danej funkcji .
A(-2, 1) : L = 1, P = (-2)² -3 = 4 -3 = 1, L = P, czyli A ∈ f(x).
B(1, -2) : L = -2, P = 1² -3 = -2, L = P, czyli B ∈ f(x).
C( 2,7) : L = 7, P = 2² -3 = 4 -3 = 1 L ≠ P, czyli C ∉ f(x).
Odp. Do wykresu funkcji naleza punkty A i B.
2) a) Dziedzina: D = < -3, 4 >
zbior wartosci: Y = < -2, 3>
b) wartosc najwieksza: y max = 3 dla x = 2,
wartosc najmniejsza: y min = -2 dla x = -2.
c) miejsca zerowe: x₁ = -1, x₂ = 3.
d) wartosci ujemne: y < 0 dla x ∈ < -3, -1) U (3, 4>
e) monotonicznosc: funkcja rosnaca w przedziale (-2, 2),
funkcja malejaca w przedzialach (-3, -2), (2, 4).