Rzucamy trzy razy symetryczna kostka ,oblicz prawdopodobieństwo: a)ze wypadnie dwa razy ta sama liczba oczek b)suma oczek z wszystkich rzutów będzie większa niż 11 c)iloczyn oczek z wszystkich rzutów będzie nie większy niż 8
Prawdopodobieństwo zajścia pewnego zdarzenia to inaczej szansa zajścia tego zdarzenia.
Jako Ω oznaczamy przestrzeń wszystkich zdarzeń, które mogą zajść w rozpatrywanym doświadczeniu. Wtedy prawdopodobieństwo zajścia zdarzenia A określonego w przestrzeni Ω liczymy jako:
[tex]P(A)=\dfrac{|A|}{|\Omega|}[/tex]
gdzie [tex]|A|[/tex] to ilość wszystkich interesujących nas zdarzeń, a [tex]|\Omega|[/tex] to ilość wszystkich zdarzeń.
Rozwiązanie:
Rzucamy trzy razy symetryczną kostką. Ilość wszystkich możliwych do wyrzucenia trójek liczb wynosi:
[tex]|\Omega|=6\cdot6\cdot6=216[/tex]
a) Niech A oznacza zdarzenie polegające na tym, że dwa razy wypadła ta sama liczba.
Takich wyników, gdzie wypadła dokładnie dwa razy ta sama liczba, mamy:
[tex]6\cdot1\cdot5\cdot3=90[/tex]
Wyników rzutu, gdzie wypadły trzy takie same liczby mamy 6, zatem moc zbioru A to:
[tex]|A|=90+6=96[/tex]
[tex]P(A)=\dfrac{96}{216}=\dfrac49[/tex]
b) Niech B oznacza zdarzenie polegające na tym, że suma oczek z wszystkich rzutów będzie większa od 11. Znajdziemy ilość elementów zdarzenia B:
Dla kolejnych możliwych wyników mamy:
6,6,6 - 1 wynik
6,6,5 - 3 wyniki
6,6,4 - 3 wyniki
6,6,3 - 3 wyniki
6,6,2 - 3 wyniki
6,6,1 - 3 wyniki
6,5,1 - 6 wyników
6,5,2 - 6 wyników
6,5,3 - 6 wyników
6,5,4 - 6 wyników
6,5,5 - 3 wyniki
6,4,2 - 6 wyników
6,4,3 - 6 wyników
6,4,4 - 3 wyniki
6,3,3 - 3 wyniki
5,5,5 - 1 wynik
5,5,4 - 3 wyniki
5,5,3 - 3 wyniki
5,5,2 - 3 wyniki
5,4,3 - 6 wyników
5,4,4 - 3 wyniki
5,3,4 - 6 wyników
4,4,4 - 1 wynik
4,4,5 - 3 wyniki
3,3,6 - 3 wyniki
[tex]|B|=93[/tex]
[tex]P(B)=\dfrac{93}{216}=\dfrac{31}{72}[/tex]
c) Niech zdarzenie C polega na tym, że iloczyn oczek z wszystkich rzutów będzie nie większy niż 8. Znajdziemy ilość elementów zbioru C:
[tex]\huge\boxed{P(A)=\dfrac49}[/tex]
[tex]\huge\boxed{P(B)=\dfrac{31}{72}}[/tex]
[tex]\huge\boxed{P(C)=\dfrac{31}{216}}[/tex]
Prawdopodobieństwo klasyczne
Prawdopodobieństwo zajścia pewnego zdarzenia to inaczej szansa zajścia tego zdarzenia.
Jako Ω oznaczamy przestrzeń wszystkich zdarzeń, które mogą zajść w rozpatrywanym doświadczeniu. Wtedy prawdopodobieństwo zajścia zdarzenia A określonego w przestrzeni Ω liczymy jako:
[tex]P(A)=\dfrac{|A|}{|\Omega|}[/tex]
gdzie [tex]|A|[/tex] to ilość wszystkich interesujących nas zdarzeń, a [tex]|\Omega|[/tex] to ilość wszystkich zdarzeń.
Rozwiązanie:
Rzucamy trzy razy symetryczną kostką. Ilość wszystkich możliwych do wyrzucenia trójek liczb wynosi:
[tex]|\Omega|=6\cdot6\cdot6=216[/tex]
a) Niech A oznacza zdarzenie polegające na tym, że dwa razy wypadła ta sama liczba.
Takich wyników, gdzie wypadła dokładnie dwa razy ta sama liczba, mamy:
[tex]6\cdot1\cdot5\cdot3=90[/tex]
Wyników rzutu, gdzie wypadły trzy takie same liczby mamy 6, zatem moc zbioru A to:
[tex]|A|=90+6=96[/tex]
[tex]P(A)=\dfrac{96}{216}=\dfrac49[/tex]
b) Niech B oznacza zdarzenie polegające na tym, że suma oczek z wszystkich rzutów będzie większa od 11. Znajdziemy ilość elementów zdarzenia B:
Dla kolejnych możliwych wyników mamy:
6,6,6 - 1 wynik
6,6,5 - 3 wyniki
6,6,4 - 3 wyniki
6,6,3 - 3 wyniki
6,6,2 - 3 wyniki
6,6,1 - 3 wyniki
6,5,1 - 6 wyników
6,5,2 - 6 wyników
6,5,3 - 6 wyników
6,5,4 - 6 wyników
6,5,5 - 3 wyniki
6,4,2 - 6 wyników
6,4,3 - 6 wyników
6,4,4 - 3 wyniki
6,3,3 - 3 wyniki
5,5,5 - 1 wynik
5,5,4 - 3 wyniki
5,5,3 - 3 wyniki
5,5,2 - 3 wyniki
5,4,3 - 6 wyników
5,4,4 - 3 wyniki
5,3,4 - 6 wyników
4,4,4 - 1 wynik
4,4,5 - 3 wyniki
3,3,6 - 3 wyniki
[tex]|B|=93[/tex]
[tex]P(B)=\dfrac{93}{216}=\dfrac{31}{72}[/tex]
c) Niech zdarzenie C polega na tym, że iloczyn oczek z wszystkich rzutów będzie nie większy niż 8. Znajdziemy ilość elementów zbioru C:
Mamy kolejno ilość możliwych wyników:
1,1,1 - 1 wynik
1,1,2 - 3 wyniki
1,1,3 - 3 wyniki
1,1,4 - 3 wyniki
1,1,5 - 3 wyniki
1,1,6 - 3 wyniki
1,2,2 - 3 wyniki
1,2,3 - 6 wyników
1,2,4 - 6 wyników
[tex]|C|=31[/tex]
[tex]P(C)=\dfrac{31}{216}[/tex]